Oturum açıldıktan sonra AJAX isteğini yineleyin

Question

Bazı bilgileri almak için bir PHP-Script dosyasına AJAX aracılığıyla bazı bilgiler yolluyorum. Şimdiye kadar sorun yok. Ancak kullanıcı oturumu kapatırsa, sonuç false olur ve giriş formuna sahip bir model görüntülenir.

Kullanıcı giriş yaptıysa, ilk gönderim kabul edilmedikçe ilk bilgi (var data) bir kez daha gönderilmelidir.

$.ajax({ 
url: "script.php", type: "POST", data: data, dataType: "json" 
}) 
.done(function(json) { 
    if (json.result === false) { 
     showModal("login"); return; 
    } 
    else { 
     $('#result').html(json.result); 
    } 
}); 

ShowModal fonksiyonu da bir ajax isteği bağlanır, böylece kullanıcının bu ... İlk veri olmalı Bundan sonra bir kez daha göndermek açmış oluyor ...

function showModal() { 
    $('body').append('<form>...'); // Show Modal with form to login 
} 

// With submit form, the user will be logged in 
$('body').on('submit','#loginform',function(event){ 
$.ajax({ 
    url: "login.php", 
    type: "POST", 
    data: { 'username': username, 'password': password }, 
    dataType: "json" 
}) 
.done(function(json) { 
    // User is now logged in 
    // Now repeat first request 
}); 
}); 

Answer 1

koyun Kodunuzu bir işlev içinde. İhtiyacınız olduğunda bir işlevini çağırabilirsiniz:

var sendData = function() { 
    $.ajax({ url: "script.php", type: "POST", data: data, dataType: "json" }) 
.done(function(json) { 
     if (json.result === false) { 
      showModal("login"); return; 
     } 
     else { 
      $('#result').html(json.result); 
     } 
    }); 
}; 

// now run sendData() when you want to trigger it 

---

nerede ikinci kez giriş (ShowModal) nasıl çalıştığını bağlıdır sendData() aramak için. 'Başarılı giriş' olayını yakalamanın bir yolunu bulun.

---

Sen showModal işleve sendData geçmek ve orada diyebiliriz. Bu şekilde showModaldata hakkında hiçbir şey bilmek gerekmez: ShowModal tanımlanır

Sonra

var sendData = function() { 
    $.ajax({ url: "script.php", type: "POST", data: data, dataType: "json" }) 
.done(function(json) { 
     if (json.result === false) { 
      // The function sendData is passed as a parameter - will be called after a successful login 
      showModal("login", sendData); return; 
     } 
     else { 
      $('#result').html(json.result); 
     } 
    }); 
}; 

:

function showModal(dialog, loginCallback) { 
    $('body').append('<form>...'); // Show Modal with form to login 
    // With submit form, the user will be logged in 
    $('#loginform').on('submit', function(event) { 
     $.ajax({ 
      url: "login.php", 
      type: "POST", 
      data: { 'username': username, 'password': password }, 
      dataType: "json" 
     }) 
     .done(function(json) { 
      // User is now logged in 
      // Now repeat first request 
      loginCallback(); 
     }); 
    }); 
} 

Answer 2

Sen ajax Options gibi başka argüman kabul etmek ShowModal işlevi olabilir. Eğer ajax seçenekleri tanımlanmışsa, sadece bunları bitmiş olarak adlandırın.

function showLoginModal(ajaxOptions){ 
    $.ajax({ 
     url: "login.php", 
     type: "POST", 
     data: { 'username': username, 'password': password }, 
     dataType: "json" 
    }) 
    .done(function(json) { 
     if(ajaxOptions!== undefined){ 
      $.ajax(ajaxOptions); 
     } 
    }); 
} 

Ardından çağrı fonksiyonunun kullanıcı oyuna girişi tetiklenir kodu ne

$.ajax({ 
url: "script.php", type: "POST", data: data, dataType: "json" 
}) 
.done(function(json) { 
    if (json.result === false) { 
     showLoginModal(this); 
    } 
    else { 
     $('#result').html(json.result); 
    } 
});